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印刷電路板廢液主要含CuCl2、FeCl2以及少量的FeCl3等物質(zhì),以廢液為原料制備CuSO4,實現(xiàn)資源回收再利用,流程如圖所示。
(1)粗CuSO4溶液的制備:
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①上述流程中能加快反應速率的措施有
粉碎、升溫
粉碎、升溫
。
②加入鐵屑后,印刷電路板廢液中發(fā)生的離子反應有
2Fe3++Fe=3Fe2+,Cu2++Fe=Fe2++Cu
2Fe3++Fe=3Fe2+,Cu2++Fe=Fe2++Cu

(2)CuSO4溶液的精制
?。?jīng)檢驗,粗CuSO4溶液含有Fe2+。
ⅱ.向粗CuSO4溶液滴加3%的H2O2溶液,當溶液中Fe2+完全氧化后,加CuCO3粉末調(diào)節(jié)溶液的pH=4。
ⅲ.將溶液加熱至沸,趁熱減壓過濾,得到精制CuSO4溶液。
①用離子方程式說明加入H2O2溶液的作用:
2Fe2++H2O2+2H+=2Fe3++2H2O
2Fe2++H2O2+2H+=2Fe3++2H2O
。
②已知:25℃時,Ksp[Cu(OH)2]=2.2×10-20,CuSO4飽和溶液中Cu2+的物質(zhì)的量濃度為1.41mol?L-1。ⅱ中調(diào)節(jié)溶液pH=4,請結合計算說明此時Cu2+是否開始沉淀
pH=4時此時c(OH-)=10-10mol/L,則Q[Cu(OH)2]=c(Cu2+)?c2(OH-)=1.41×(10-102+=1.41×10-20<2.2×10-20=Ksp[Cu(OH)2],所以說明Cu2+尚未開始沉淀
pH=4時此時c(OH-)=10-10mol/L,則Q[Cu(OH)2]=c(Cu2+)?c2(OH-)=1.41×(10-102+=1.41×10-20<2.2×10-20=Ksp[Cu(OH)2],所以說明Cu2+尚未開始沉淀
。
(3)工業(yè)生產(chǎn)中也可采用電解的方法由Cu制得CuSO4,如圖所示:
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①與直流電源a端相連的電極材料是
銅片
銅片
(填“銅片”a或“石墨”)。
②將進口處較濃硫酸替換成Na2SO4溶液進行實驗,發(fā)現(xiàn)得到的CuSO4溶液pH比替換前升高,結合化學用語解釋pH升高的原因是
替換為Na2SO4后,陰極區(qū)發(fā)生反應2H++2e-=H2↑,陰極區(qū)c(OH-)>c(H+),OH-也可以通過陰離子交換膜運動到陽極區(qū),導致CuSO4溶液pH升高
替換為Na2SO4后,陰極區(qū)發(fā)生反應2H++2e-=H2↑,陰極區(qū)c(OH-)>c(H+),OH-也可以通過陰離子交換膜運動到陽極區(qū),導致CuSO4溶液pH升高
。

【答案】粉碎、升溫;2Fe3++Fe=3Fe2+,Cu2++Fe=Fe2++Cu;2Fe2++H2O2+2H+=2Fe3++2H2O;pH=4時此時c(OH-)=10-10mol/L,則Q[Cu(OH)2]=c(Cu2+)?c2(OH-)=1.41×(10-102+=1.41×10-20<2.2×10-20=Ksp[Cu(OH)2],所以說明Cu2+尚未開始沉淀;銅片;替換為Na2SO4后,陰極區(qū)發(fā)生反應2H++2e-=H2↑,陰極區(qū)c(OH-)>c(H+),OH-也可以通過陰離子交換膜運動到陽極區(qū),導致CuSO4溶液pH升高
【解答】
【點評】
聲明:本試題解析著作權屬菁優(yōu)網(wǎng)所有,未經(jīng)書面同意,不得復制發(fā)布。
發(fā)布:2024/4/20 14:35:0組卷:6引用:2難度:0.6
相似題
  • 1.為了保護環(huán)境,充分利用資源,某研究小組通過如下簡化流程,將工業(yè)制硫酸的硫鐵礦燒渣(Fe主要以Fe2O3存在)轉變成重要的化工原料FeSO4(反應條件略)。
    菁優(yōu)網(wǎng)
    活化硫鐵礦還原Fe3+的主要反應為:FeS2+7Fe2(SO43+8H2O=15FeSO4+8H2SO4,不考慮其它反應,請回答下列問題:
    (1)第Ⅰ步H2SO4與Fe2O3反應的離子方程式是
     

    (2)檢驗第Ⅱ步中Fe3+是否完全被還原,應選擇
     
    (填字母編號)。
    A.KMnO4溶液   B.KCl溶液   C.KSCN 溶液
    (3)第Ⅲ步加FeCO3調(diào)溶液pH到5.8左右,然后在第Ⅳ步通入空氣使溶液pH到5.2,此時Fe2+不沉淀,濾液中鋁、硅雜質(zhì)被除盡,通入空氣引起溶液pH降低的原因是
     
    。
    (4)FeSO4可轉化為FeCO3,F(xiàn)eCO3在空氣中加熱反應可制得鐵系氧化物材料。
    已知25℃,101kPa時:
    4Fe(s)+3O2(g)═2Fe2O3(s)△H=-1648kJ/mol
    C(s)+O2(g)═CO2(g)△H=-393kJ/mol
    2Fe(s)+2C(s)+3O2(g)═2FeCO3(s)△H=-1480kJ/mol
    FeCO3在空氣中加熱反應生成Fe2O3的熱化學方程式是
     
    。
    (5)FeSO4在一定條件下可制得FeS2(二硫化亞鐵)納米材料,該材料可用于制造高容量鋰電池,電池放電時的總反應為4Li+FeS2=Fe+2Li2S,正極反應式是
     

    (6)假如燒渣中的鐵全部視為Fe2O3,其含量為50%,將a kg質(zhì)量分數(shù)為b%的硫酸加入到c kg燒渣中浸取,鐵的浸取率為96%,其它雜質(zhì)浸出消耗的硫酸以及調(diào)pH后溶液呈微酸性所殘留的硫酸忽略不計,按上述流程,第Ⅲ步應加入FeCO3
     
    kg。

    發(fā)布:2024/12/22 8:0:1組卷:495引用:3難度:0.3
  • 2.為了保護環(huán)境,充分利用資源,某研究小組通過如下簡化流程,將工業(yè)制硫酸的硫鐵礦燒渣(鐵主要以Fe2O3存在)轉變成重要的化工原料FeSO4(反應條件略)。
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    活化硫鐵礦還原Fe3+的主要反應為FeS2+7Fe2(SO43+8H2O═15FeSO4+8H2SO4,不考慮其他反應,請回答下列問題:
    (1)第Ⅰ步H2SO4與Fe2O3反應的離子方程式是
     
    。
    (2)檢驗第Ⅱ步中Fe3+是否完全還原,應選擇
     
    (填字母編號)。
    A.KMnO4溶液B.K3[Fe(CN)6]溶液C.KSCN溶液
    (3)第Ⅲ步加FeCO3調(diào)溶液pH到5.8左右,然后在第Ⅳ步通入空氣使溶液pH降到5.2,此時Fe2+不沉淀,濾液中鋁、硅雜質(zhì)被除盡。通入空氣引起溶液pH降低的原因是
     

    (4)FeSO4可轉化為FeCO3,F(xiàn)eCO3在空氣中加熱反應可制得鐵系氧化物材料,已知25℃,101kPa時:
    4Fe(s)+3O2(g)═2Fe2O3(s)△H=-1 648kJ?mol-1
    C(s)+O2(g)═CO2(g)△H=-393kJ?mol-1
    2Fe(s)+2C(s)+3O2(g)═2FeCO3(s)△H=-1 480kJ?mol-1FeCO3在空氣中加熱反應生成Fe2O3的熱化學方程式是
     
    。
    (5)FeSO4在一定條件下可制得FeS2(二硫化亞鐵)納米材料。該材料可用于制造高容量鋰電池,電池放電時的總反應為4Li+FeS2═Fe+2Li2S,正極反應式是
     
    。
    (6)假如燒渣中的鐵全部視為Fe2O3,其含量為50%.將akg質(zhì)量分數(shù)為b%的硫酸加入ckg燒渣中浸取,鐵的浸取率為96%,其他雜質(zhì)浸出消耗的硫酸以及調(diào)pH后溶液呈微酸性所殘留的硫酸忽略不計。按上述流程,第Ⅲ步應加入FeCO3
     
    kg.(不需計算,寫出表達式即可)

    發(fā)布:2024/12/22 8:0:1組卷:28引用:2難度:0.5
  • 3.四氧化三錳用于電子工業(yè)生產(chǎn)軟磁鐵氧體,用作電子計算機中存儲信息的磁芯。以工業(yè)硫酸錳為原料(含有少量CaO、MgO、Ca(OH)2等物質(zhì))制備Mn3O4的工藝流程如圖:
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    已知:①氧化時鼓入空氣使溶液的電位迅速上升;
    ②四氧化三錳中錳的化合價與四氧化三鐵中鐵的化合價類似。
    回答下列問題:
    (1)為提高“溶解”效率,可采取的措施有
     
    。
    (2)濾渣的主要成分是
     
    。
    (3)氧化時,生成Mn3O4的離子方程式為
     
    產(chǎn)生氨氣以回收利用。
    (4)向母液可加入
     

    A.CaO
    B.稀氫氧化鈉溶液
    C.氫氧化鈣固體
    D.(NH42CO3
    (5)通過對上述“氧化”工藝進行數(shù)據(jù)收集及資料分析可知溶液電位與pH等關系如圖所示
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    氧化時N2H4?H2O的作用是
     
    。
    (6)四氧化三錳的其他制法:
    ①熱還原法:
    在甲烷氣體存在下,將Mn2O3還原成Mn3O4的化學方程式為
     
    。
    ②電解法:
    利用電解原理,制備四氧化三錳裝置如圖所示。(電極材料均為惰性電極,<代表電子流向)
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    電源正極為
     
     (填“a”或“b”),陽極的電極反應式為
     
    。

    發(fā)布:2024/12/22 8:0:1組卷:14引用:1難度:0.6
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